Matemática, perguntado por Princesa6259, 1 ano atrás

(Ime 2014) Sejam uma circunferência C com centro O e raio R, e uma reta r tangente a C no ponto T. Traça-se o diâmetro AB oblíquo a r. A projeção de AB sobre r é o segmento PQ. Sabendo que a razão entre OQ e o raio R é (raiz) 7 sobre 2, o ângulo, em radianos, entre AB e PQ é

a) pi sobre 4
b) pi sobre 6
c) 5 pi sobre 18
d) pi sobre 3
e) 7 pi sobre 18

Soluções para a tarefa

Respondido por Usuário anônimo
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Antes de tudo, observe o anexo ao final (obs : "fora de escala"). Vou explicá-lo.

Seja \mathsf{R} o raio da circunferência \mathsf{C}, de centro \mathsf{O}.

Sendo \mathsf{T} o ponto de tangência da reta \mathsf{r} na  circunferência \mathsf{C}, o segmento de raio \mathsf{\overline{OT}} é perpendicular à reta \mathsf{r}.

Vamos traçar um diâmetro \mathsf{\overline{AB}} que é transversal à reta \mathsf{r}.

Após isso, marcamos as projeções ortogonais de \mathsf{A} e de \mathsf{B} em \mathsf{r}. Assim fazendo, desenhamos o segmento \mathsf{\overline{PQ}} sobre \mathsf{r}.

Sabendo que retas paralelas conservam ângulos em relação a uma transversal, vamos traçar um segmento de reta paralelo ao diâmetro \mathsf{\overline{AB}}, que intercepta \mathsf{r} em um ponto das projeções ortogonais, nesse caso do desenho \mathsf{Q}. Chamaremos esse segmento paralelo de \mathsf{\overline{QQ'}}.

Assim, o ângulo que queremos descobrir é \mathsf{P\widehat{Q}Q'}.

Uma útil consideração \Longrightarrow

\circ Como \mathsf{\overline{QQ'}} é a paralela de \mathsf{\overline{AB}} sobre a sua projeção ortogonal em \mathsf{r}, então qualquer distância paralela a \mathsf{\overline{OB} \ = \ R} se conserva, ou seja :

\mathsf{\rightsquigarrow \ \overline{O'Q} \ = \ R}

Pitágoras em \mathsf{\triangle OTQ}, sendo \mathsf{\overline{OT} \ = \ R} e \mathsf{\overline{OQ} \ = \ \dfrac{\sqrt{7} \cdot R}{2}} \ \rightarrow

\mathsf{\overline{OQ}^2 \ = \ \overline{OT}^2 \ + \ \overline{QT}^2 \ \rightarrow} \\
\\
\\
\mathsf{\bigg(\dfrac{\sqrt{7} \cdot R}{2}\bigg)^2 \ = \ R^2 \ + \ \overline{QT}^2 \ \rightarrow} \\
\\
\\
\boxed{\boxed{\mathsf{\overline{QT} \ = \ \dfrac{\sqrt{3} \cdot R}{2}}}}

No \mathsf{\triangle O'QT \ \rightarrow}

\mathsf{\cos(P\widehat{Q}Q') \ = \ \dfrac{\overline{QT}}{\overline{O'Q}} \ \rightarrow} \\
\\
\\
\mathsf{\cos(P\widehat{Q}Q') \ = \ \dfrac{\frac{\sqrt{3} \cdot \not{R}}{2}}{\not{R}}} \ \rightarrow} \\
\\
\\
\mathsf{\cos(P\widehat{Q}Q') \ = \ \dfrac{\sqrt{3}}{2} \ \rightarrow} \\
\\
\\
\boxed{\boxed{\mathsf{P\widehat{Q}Q' \ = \ 30^\circ \ ou \ \dfrac{\pi}{6}}}} \ \Longrightarrow \ \mathsf{\big(0 \ \ \textless \  \ P\widehat{Q}Q' \ \ \textless \  \ \frac{\pi}{2}\big)}

Portanto, \boxed{\boxed{\mathsf{Alternativa \ a)}}}!

\mathsf{\heartsuit \mathbb{JN}}
Anexos:

NatalyaMoraisJn: Genial *MEU* querido!!❣❤ Sempre resolvendo exercícios do IME e do ITA!❣❤ Que orgulho de ti!❣❤
Usuário anônimo: Obrigado❣ *MINHA* querida, estou me esforçando haha ❣❤❣ tudo graças ao seu apoio, querida *MINHA* ❣❤
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